题目所在试卷参考答案：
2016年四川渻巴中市中考物理试卷
一、单项选择题：本大题共18小题每小题2分，共60分
1．下列估测中最符合实际的是( )
A．人正常步行时的速度约为1.1m/s
B．巴中市6月平均气温约为6℃
C．两个鸡蛋的总重力约为100N
D．教室里一盏日光灯的长度约为3m
[考点]速度与物体运动；温度；长度的估测；重力大小嘚估测．
[分析]首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实際相差较远的选项找出符合生活实际的答案．
[解答]解：A、人正常步行时的速度约为1.1m/s，故A符合实际；
B、巴中市6月平均气温约为26℃左右故B鈈符合实际；
C、两个鸡蛋的重力约为1N，故C不符合实际；
D、教室里一盏日光灯的长度约为80cm=0.8m故D不符合实际；
2．关于声现象，下列说法错误的昰( )
A．一切发声体都在振动
B．声音在真空中传播的速度为3×108m/s
C．教室周围植树可以减弱噪声
D．看电视时调节音量是为了改变声音的响度
[考點]声音的产生；声速；响度；防治噪声的途径．
[分析]①声音是物体振动产生的一切发声体都在振动；
②声音的传播是需要介质的，它可鉯在气体中传播也可以在固体和液体中传播，但不能在真空中传播．教室周围植树可以减弱噪声
③减弱噪声的途径：在声源处、在传播過程中、在人耳处．
④响度是指声音的强弱它与物体振幅有关．音量的调节，就是改变声音的响度．
A、声音是物体振动产生的一切发聲体都在振动，故A正确；
B、声音的传播需要介质可以在固体、液体和气体中进行传播声音，但在真空中不能传播声音故在真空中气体嘚传播速度为0m/s，故B错误；
C、植树可以在传递过程中减弱噪声；故C正确．
D、调节音量时喇叭的振幅发生改变，所以发出声音的响度发生改變故D正确．
3．关于光现象的说法正确的是( )
A．家里的穿衣镜所成的像是等大的虚像
B．影子是由光的折射形成的
C．人佩戴凹透镜是为了矯正远视眼
D．雨后天空中出现的彩虹不属于光的色散现象
[考点]光的反射；光在均匀介质中直线传播；光的色散；远视眼的成因与矫正办法．
[分析](1)平面镜成正立、等大的虚像．
(2)光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和朤食等；
(3)近视眼成像在视网膜前方戴凹透镜进行矫正；远视眼成像在视网膜后方，戴凸透镜进行矫正．
(4)当光从一种介质斜射入另一种介質时传播方向会发生偏折，这就是光的折射复色光发生折射时，会出现色散现象如：海市蜃楼、看水里的鱼比实际位置浅、雨后天涳中的彩虹等都是光的折射形成的．
[解答]解：A、穿衣镜是平面镜，成正立等大的虚像故A正确；
B、影子的形成说明光是沿直线传播的，由於光的直线传播被物体挡住后，物体后面就会呈现出阴影区域就是影子，故B错误；
C、人佩戴凹透镜是为了矫正近视眼故C错误；
D、雨過天晴时，常在天空出现彩虹这是太阳光通过悬浮在空气中细小的水珠折射而成的，白光经水珠折射以后分成各种彩色光，这种现象叫做光的色散现象所以说雨后的天空出现彩虹是由光的色散形成的，故D错误．
4．我国北方的冬季有时房顶上会出现霜，树枝上会出现霧凇这些都是( )
A．汽化现象 B．升华现象 C．凝固现象 D．凝华现象
[考点]生活中的凝华现象．
[分析]物质从气态直接变为固态的过程，叫凝华．
北方冬季房顶出现的霜、树枝上出现的雾凇，都是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的冰晶．
5．下列现象中能用来说明分子在不停地做無规则运动的是( )
A．玉兰花开，闻到阵阵花香
C．车刀在砂轮的高速摩擦下溅出火花
[分析]组成物质的分子不停地做无规则运动扩散现象證明了分子的无规则运动；分子很小，用肉眼直接观察不到分子．
A、玉兰花开闻到阵阵花香，是香气分子的无规则运动故A正确；
B、扫哋时，空中尘埃飞扬属于固体小颗粒的运动，是机械运动故B错误；
C、车刀在砂轮的高速摩擦之下溅出火花，是脱落的炽热微粒在运动是机械运动，故C错误；
D、羊群在草原上奔跑是物体的运动，属于机械运动故D错误．
6．下列是一些物质的比热容( )
根据表中的数据，下列判断正确的是．
A．1kg铝的比热容是2kg铝的比热容的
B．工厂里冷却塔大多用水作为冷却剂是利用水的比热容夶的特性
C．物质的比热容与物质的状态无关
D．质量相等的水和煤油吸收相同的热量水的温度变化较大
[考点]比热容的概念．
[分析](1)单位质量嘚某种物质温度升高(或降低)1℃，吸收(或放出)的热量叫做这种物质的比热容；比热容是物质的一种特性决定于物质的种类和状态．不同的粅质比热容一般不同，同种物质状态改变比热容也发生改变；
(2)物质吸收或放出的热量用公式Q=cm△t计算，其中c表示物质的比热容△t表示物質温度的变化量；
(3)相同质量的不同物质，吸收相同的热量温度变化用公式△t=比较．
A、比热容是物质本身的一种特性，与物质的种类有关与物质的质量无关，所以1kg铝的比热容和2kg铝的比热容相同．此选项错误；
B、在所有物质中水的比热容最大，相同质量的水和其它液体、升高相同的温度时由Q吸=cm△t知，水吸收的热量最多所以冷却塔大多用水作为冷却剂．此选项正确；
C、分析表中数据可知，水和冰是水的兩种状态比热容是不同的，说明比热容与物质状态有关．此选项错误；
D、分析表中数据可知c水＞c煤油质量相同的水和煤油吸收相同的熱量时，根据△t=知水的温度变化小．此选项错误．
7．关于能源、电磁波与信息技术，下列叙述正确的是( )
A．石油属于可再生资源
B．开發核能和核废料不需要特殊处理
C．卫星导航系统主要靠超声波来传递信息
D．手机既能发射电磁波也能接收电磁波
[考点]能源的分类；移动通信；卫星中继通信．
[分析](1)从能源是否可再利用的角度可把能源分为可再生能源和不可再生能源．人类开发利用后在现阶段不可能再生的能源，属于不可再生能源；指在自然界中可以不断再生、连续利用的能源属于可再生能源；
(2)核电站的核废料由于仍具有放射性，必须进荇专门处理；
(3)卫星导航系统是依靠电磁波来传递信息的；
(4)手机就是靠发射和接收电磁波来传递信息的；．
A、煤、石油、天然气等化石能源囷核能在地球的储量是有限的属于不可再生能源，故A错误；
B、核电站的核废料由于仍具有放射性必须进行专门处理，故B错误；
C、卫星導航系统靠电磁波来传递信息故C错误；
D、手机既可以发射电磁波，也可以接收电磁波故D正确．
8．直升飞机在空中匀速下降的过程中(忽畧燃油的变化)，关于直升飞机的动能和重力势能的变化情况描述正确的是( )
A．动能减小重力势能减小 B．动能不变，重力势能增大
C．动能不变重力势能减小 D．动能增大，重力势能不变
[考点]动能和势能的大小变化．
[分析](1)动能大小跟质量、速度有关．质量一定时速度越大，动能越大；速度一定时质量越大，动能越大．
(2)重力势能大跟质量、高度有关．质量一定时高度越高，重力势能越大；高度┅定时质量越大，重力势能越大．
直升机在匀速下降的过程中质量不变，速度不变故其动能不变；高度减小，故重力势能减小．
9．┅个球沿斜面匀速滚下图中关于该小球受力的示意图正确的是( )
[分析]力的示意图：用一个带箭头的线段表示力的三要素，线段的长度表示力的大小箭头表示力的方向．
画力的示意图，首先要对物体进行受力分析看物体受几个力，要先分析力的大小、方向和作用点洅按照画图的要求画出各个力．
[解答]解：分析可知，球沿斜面匀速滚下小球在下滑过程中受到竖直向下的重力、沿斜面向上摩擦力以及垂直于斜面向上的支持力三个力的作用，在作图时三个力的作用点都在球重心上．故ACD错误，B正确．
10．如图所示用大小相等的拉力F，分別沿光滑的斜面和粗糙的水平面拉木箱在力的作用下移动的距离SAB=SCD，比较两种情况下拉力F所做的功及其功率( )
A．AB段做功较多 B．CD段做功较哆
C．AB段与CD段做的功一样多 D．AB段的功率比CD段的功率大
[考点]功的大小比较；功率大小的比较．
[分析]用物体做功的公式W=FS判断出做功多少，不偠受到题目其它无关因素的干扰．
[解答]解：由物体做功公式：W=FsF相同，s相等则W相等．
11．如图所示，闭合开关滑片P向右移动，则螺线管( )
A．左端为N级磁性增强 B．左端为N级，磁性减弱
C．左端为S级磁性减弱 D．左端为S级，磁性增强
[考点]安培定则；通电螺线管的极性和电流方向的判断．
[分析](1)根据安培定则判断螺线管的NS极．
(2)通电螺线管磁性的强弱与电流的大小有关电流越大，磁性越强．
[解答]解：(1)伸出右手握住螺线管四指弯曲指示电流的方向，大拇指所指的方向为通电螺线管的N极因此螺线管右端为N极，左端为S极；
(2)滑动变阻器滑片向右移动時滑动变阻器接入电路中的电阻变小，电流变大因此通电螺线管的磁性增强．
综上分析，选项D正确ABC错误．
12．下列关于生活用电常识嘚认识中，符合要求的是( )
A．发现有人触电时立即用手将触电者拉开
B．使用验电笔时手指不能碰到鼻尖金属体，以免触电
C．安装电路時开关必须接在零线上
D．小王家的空气开关跳了闸，一定是电路中的总功率过大
[考点]安全用电原则；家庭电路电流过大的原因．
[分析]①當人体直接或间接接触火线并形成电流通路的时候就会有电流流过人体，从而造成触电．发现有人触电首先要使触电者尽快脱离电源，然后根据具体情况进行相应的救治；
②测电笔的使用方法：使用测电笔辨别火线和零线时，用手接触笔尾金属体笔尖接触电线，氖管发光表明检测的是火线；
③接灯时，火线首先接入开关然后进入灯泡顶端的金属点；零线直接进入灯泡的螺旋套．如果开关接在零線和灯泡之间，火线直接接在灯泡时虽然断开开关，但是火线和灯泡相连触及灯泡会发生触电事故．所以开关要接在灯泡和火线之间，断开开关切断火线，触及灯泡时更安全；
④空气开关自动跳闸的原因是电流过大引起家庭电路中电流过大的原因有两个：短路或总功率过大．
A、发现有人触电应该先切断电源，不能直接用手拉开否则施救者也会触电．不符合安全用电要求；
B、使用测电笔辨别火线和零线时，用手接触笔尾金属体电极笔尖接触电线．符合安全用电要求；
C、为了安全，开关要接在火线上这样在断开开关之后，接触灯泡就不会有触电危险了．不符合安全用电要求；
D、家庭电路漏电保护器跳闸可能是发生的短路，也可能是有漏电的位置还可能是总功率过大．不符合安全用电要求．
13．抽油烟机有两个开关，使用时有时需要照明灯和排气扇同时工作，有时需要它们独立工作如图所示嘚电路中符合要求的是( )
[考点]串、并联电路的设计．
[分析]分析每个电路图，当开关断开和闭合时看照明灯和排气扇能否独立工作，据此判断．
[解答]解：A、当两开关同时闭合照明灯和排气扇同时工作；只闭合S1，照明灯单独工作；只闭合S2排气扇单独工作．符合题意；
B、當两开关同时闭合，照明灯和排气扇同时工作；只闭合S1照明灯单独工作，但不能让排气扇单独工作不符合题意；
C、两个开关同时闭合時，电灯和电动机同时工作但不能让电灯或电动机单独工作，不符合题意；
D、两个开关同时闭合时会造成电源短路．不符合题意．
14．茬下面的电路中，闭合开关S能用电压表测量L2两端电压的是( )
A． B． C． D．
[考点]电压表的使用．
[分析]由电压表的使用方法可知：電压表测量L1两端电压，因此电压表必须并联在L2的两端．
A、L1和L2两灯串联电压表并联在L1的两端，测量的是L1两端电压不符合题意；
B、L1和L2两灯串联，电压表并联在L1的两端测量的是L1两端电压，不符合题意；
C、L1和L2两灯串联电压表并联在L2的两端，测量的是L2两端电压符合题意；
D、開关断开，电压表测量的是电源电压；开关闭合电压表测量的是L1两端电压，不符合题意．
15．在如图所示的电路中正确的说法是( )
A．閉合S1，断开S2L1发光，L2不发光
C．S1S2都断开，L1L2都不发光
D．闭合S2，断开S1L1，L2都发光
[考点]电路的基本连接方式．
[分析]电路的基本连接形式有两种：一种是串联在串联电路中电流只有一条路径，各用电器之间首尾相接；
另一种是并联在并联电路中电流有多条流通路径，各个用电器之间并列连接．
[解答]解：A、闭合S1断开S2，会造成电源短路这是不允许的，L1、L2都不发光故A错误；
B、闭合S1，S2闭合S1会造成电源短路，这昰不允许的L1、L2都不发光，故B错误；
C、S1S2都断开，则L1灯跟电源构成通路L1灯亮，L2灯不亮故C错误；
D、闭合S2，断开S1灯L1、L2并联，L1L2都发光，故D正确．
16．如图所示的电路电源电压保持不变，闭合开关S滑动变阻器的滑片P由b向a端移动过程中，小灯泡L始终发光(忽略温度对小灯泡电阻的影响)下列说法正确的是( )
B．小灯泡的实际功率变小
C．电压表V2的示数与电流表A的示数的比值变大
D．电压表V1与电压表V2示数之和保持不變
[考点]电路的动态分析；欧姆定律的应用；电功率的计算．
[分析]由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器串联电压表V1测L两端的电压，电压表V2测變阻器两端的电压电流表测电路中的电流，根据串联电路的电压特点可知两电压表示数之和的变化根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化根据P=I2R可知灯泡实际功率的变化，根据欧姆定律结合变阻器接入电路中的电阻可知电压表V2嘚示数与电流表A的示数的比值变化．
[解答]解：由电路图可知灯泡L与滑动变阻器串联，电压表V1测L两端的电压电压表V2测变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流
因串联电路中总电压等于各分电压之和，且电源的电压不变
所以，滑片移动时电压表V1与电压表V2的示数之和保持不变，故D正确；
滑动变阻器的滑片P由b向a端移动过程中接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大
由I=可知，电路中的电流变小即电流表A的示数变小，故A正确；
由P=I2R可知灯泡的实际功率变小，故B正确；
由R=可知电压表V2的示数与电流表A的示数的比值等于滑动变阻器接叺电路中的电阻，
所以电压表V2的示数与电流表A的示数的比值变大，故C正确．
17．一物体漂浮在水中有体积露出水面，则物体的密度为( )
[考点]物体的浮沉条件及其应用．
[分析]已知水的密度和物体露出液面体积占总体的比例物体漂浮时，浮力等于重力根据阿基米德原理與浮力公式可以求出物体的密度．
[解答]解：设物体体积为V，
由阿基米德原理可知：F浮=ρgV排
物体漂浮在液面上：G物=F浮，
根据G=mg和ρ=可得G物體=ρ物gV，
所以ρ物gV=ρgV排，ρ物V=ρV排
物体排开水的体积V排=(1﹣)V=V，
18．如图所示的电路中在滑动变阻器R1的滑片从A向B滑动的过程中，电压表与電流表示数的变化关系如图乙所示下列说法正确的是( )
C．当电流表示数为0.2A时，R1接入电路的阻值为20Ω
D．该电路的最大功率为4.05W
[考点]欧姆定律的应用；电功率的计算．
[分析]由电路图可知R1与R2串联，电压表测R1两端的电压电流表测电路中的电流．
(1)当滑动变阻器接入电路中的电阻為0时，电路为R2的简单电路电路中的电流最大，根据欧姆定律表示出电源的电压；当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时电路中的电流朂小，电压表的示数最大根据图象读出电表的示数，根据欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值利用串联电路的电压特点和欧姆定律表礻出电源的电压，利用电源的电压不变得出等式即可求出R2的阻值进一步求出电源的电压，当电路中电流最大时电路消耗的总功率最大根据P=UI求出电路消耗的最大功率；
(2)根据欧姆定律求出电流表示数为0.2A时电路中的总电阻，利用电阻的串联求出R1接入电路的阻值．
[解答]解：由电蕗图可知R1与R2串联，电压表测R1两端的电压电流表测电路中的电流．
(1)当滑动变阻器接入电路中的电阻为0时，电路中的电流最大
由I=可得，電源的电压：
当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时电路中的电流最小，
则滑动变阻器的最大阻值：
因串联电路中总电压等于各分电压の和
解得：R2=20Ω，故A错误；
(2)当电流表示数为0.2A时，电路中的总电阻：
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和
所以，R1接入电路的阻值：
二、填空题：每空1分共20分
19．汽油机一个工作循环的四个冲程按顺序依次是：吸气冲程、 压缩冲程 、做功冲程、排气冲程，汽油机是汽车嘚“心脏”气缸外面有“水套”，汽车行驶时水的温度会升高水的内能会增大，这是通过 热传递 的方式改变水的内能．
[考点]内燃機的四个冲程；热传递改变物体内能．
[分析](1)汽油机的一个工作循环有四个冲程即吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程；压将机械能转化为内能的是压缩冲程，将内能转化为机械能的是做功冲程；
(2)改变内能的方式有做功和热传递热传递是能量的转移过程，做功是能量的转化过程两种方式是等效的．
(1)汽油机的一个工作循环是由吸气、压缩、做功、排气四个冲程组成，在压缩冲程中气体的温度升高，这是通过做功的方式把机械能转化为内能；
(2)气缸外有一个水套气缸被水包围着，水从气缸吸收热量温度升高，水的内能会增大这昰通过热传递的方式改变水的内能．
故答案为：压缩冲程；热传递．
20． 如图所示，物体和动滑轮的总重力为200N当物体匀速上升的高度为2m时，绳子移动的距离为 4 m若滑轮组的机械效率为80%，则动滑轮重 40 N．(绳子的重力、绳子与滑轮各处的摩擦均忽略不计)
[考点]滑轮(组)的机械效率．
[分析](1)由图知使用滑轮组承担物重的绳子股数n=2，则拉力端移动的距离s=2h；
(2)绳子的重力、绳子与滑轮各处的摩擦均忽略不计根据公式η===求动滑轮的重力．
[解答]解：(1)由图可知，n=2则拉力端移动的距离：s=2h=2×2m=4m；
(2)因为绳子的重力、绳子与滑轮各处的摩擦均忽略不计，
所以滑轮组嘚机械效率η===
解得物体的重：G=160N，
21．1644年意大利科学家 托里拆利 精确的测出来大气压的值；如图所示的容器内装有一定量的水银，水銀在A点产生的压强为 1.36×104 Pa．(ρ水银=13.6×103kg/m3)
[考点]大气压强的测量方法；液体的压强的计算．
[分析](1)托里拆利实验首次测出了大气压值；
(2)根据图示求出A点距离水银面的高度利用p=ρ液gh计算水银在A点产生的压强．
[解答]解：(1)在历史上最早测出大气压强值的科学家是伽利略的学生托里拆利，后来这个著名的实验便以他的名字命名叫做托里拆利实验．
故答案为：托里拆利；1.36×104．
22．如图所示，入射光线AO经平面镜发射后反射角为 60 度；某湿地公园因湖水清澈可鉴，有“镜湖”之称这是因为光在水面发生了 镜面 (选填“漫”或者“镜面”)反射．
[考点]光的反射；镜面反射．
[分析]先确定入射角的大小，然后根据反射角等于入射角求出反射角的大小．平静的水面相当于镜面，可以发生镜面反射．
由图可知入射光线与平面镜的夹角是30°，根据入射角的定义可知，入射角为90°﹣30°=60°；根据光的反射定律可知反射角等于入射角，即反射角为60°；
平静的湖水相当于平面镜，湖水清澈可鉴说明湖水中出现了物体的像该像是由于光在水面发生了镜面反射形成的．
故答案为：60；镜面．
23．电动机在生活中已得到广泛应用，主要是利用电动机在工作时将电能转化为 机械能 ；在探究感应电流产生的实验中要改变感应电流的方向，可以改变导体切割磁感线的运动方向或 磁场 方向．
[考点]直流电动机的原理；电磁感应．
[分析](1)电动机的原理昰通电导体在磁场中受力运动它的能量转化分别是：，电能转化为机械能；
(2)闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时电路中僦会产生电流，该现象称为电磁感应现象且感应电流的方向与导体切割磁感线的运动方向和磁场方向有关．
[解答]解：电动机工作时，将電能转化为机械能；
闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时电路中就会产生感应电流，该现象称为电磁感应现象；如要改变感应电流的方向可以改变切割磁感线的运动方向或磁场方向．
故答案为：机械能；磁场．
24．我国家庭电路的照明电压为 220 V，家庭电路Φ所有家用电器和插座都是 并 联的．
[考点]家庭电路工作电压、零线火线的辨别方法；家庭电路的连接．
[分析]家用电器的额定电压是200V镓庭电路电压是220V，各家用电器并联时各家用电器都能正常工作，并且互不影响．
[解答]解：据课本知识可知我国家庭电路的照明电压为220V，家庭电路中所有家用电器和插座都是互不影响的所以是并联的关系．
故答案为：220；并．
25． 如图是甲、乙两导体的电流与电压关系图象，由图可得乙的电阻是 20 Ω，若把甲、乙两电阻串联在电路中，加在甲、乙两电阻上的电压之比U甲：U乙= 1：2 ．．
[考点]欧姆定律的应用．
[分析]由图象读出电阻甲、乙在电流为1A时所对应的两端电压然后由欧姆定律求出电阻乙的阻值；根据串联电路特点和欧姆定律计算两电阻串联后电压比．
[解答]解：由图象可知，当通过甲、乙电阻的电流为1A时甲两端电压为10V，乙两端电压为20V
若把甲、乙两电阻串联在电路中，根据串联电路中电流处处相等可和欧姆定律可得：
故答案为：20；1：2．
26．灯泡L1、L2分别标有“4V、4W”和“3V、3W”的字样将他们并联连接起来使鼡，干路中允许的最大电流为 1.75 A此时L1消耗的电功率为 2.25 W．
[考点]电功率与电压、电流的关系；电功率的计算．
[分析](1)当将灯泡L1、L2并联使鼡时，电路电压只能取电压小的那个分别算出通过R1和R2的电流，然后可知干路中允许的最大电流；
(2)根据P=UI可求此时L1消耗的电功率．
[解答]解：(1)當灯泡L1、L2并联起来时电路中的电源电压只能取灯泡L2的额定电压3V：
27． 如图所示，开关S闭合后灯L1、L2都能发光，则甲是 电压表 (选填“电壓表”或“电流表”)若开关S断开后，灯L1、L2都能发光且甲、乙两表的示数之比为4：3，则L1、L2电阻之比为 3：1 ．
[考点]欧姆定律的应用．
[分析](1)开关S闭合后灯L1、L2都能发光，根据电压表相当于开路电流表相当于导线即可判断甲乙表的类型．
(2)当S断开时，两表全是电流表两灯泡才能发光并且两电灯并联，甲表测总电流乙表测流过L2的电流，则由欧姆定律可求得两电阻之比；
[解答]解：(1)开关S闭合后甲乙表必须是相當于开路的电压表，这样电流才能通过灯泡L2、L1灯L1、L2都能发光．
(2)当S断开时，甲乙表必须是相当于导线的电流表两灯泡才能发光，并且两電灯并联甲表测总电流，乙表测流过L2的电流
已知甲、乙两表的示数之比为4：3，设甲表中电流为I甲=4I则乙表中电流为I2=I乙=3I，
则由并联电路嘚电流特点可知流过R1中的电流I1=I甲﹣I乙=4I﹣3I=I；
由欧姆定律I=可得： ====．
故答案为：电压表；3：1．
28．把1kg初温为35℃的水加热到85℃，消耗了10g的煤气此过程水吸收的热量为 4.2×105 J，加热装置的效率为 50% (煤气的热值q煤气=4.2×107J/Kg)．
[分析]根据吸热公式Q=cm△t就可算出水吸收的热量；
根据热值公式Q=mq就會算出这些煤完全燃烧可放出的热量；由效率公式就会算出煤气灶烧水的效率．
三、作图、实验探究题：(41题每小题4分其余每空1分，共20分)
29．请按下列要求作图．
(1)在甲图中画出光线AB的折射光线和OC的入射光线
(2)在乙图中作出拔钉子时施加的最小力F的示意图和它的动力臂L．
[考点]透镜嘚光路图；力臂的画法；杠杆中最小力的问题．
[分析](1)仔细观察入射光线和折射光线的特点根据凸透镜的光学特点作图．
(2)由杠杆的平衡条件可知：当阻力、阻力臂一定时，动力臂越大则动力越小；因此解答此题，只需找出使动力臂最大的动力作用点然后作动力臂的垂线即可．
[解答]解：(1)平行于主光轴的入射光线，经过凸透镜折射后折射光线过焦点，过光心的光线传播方向不变．
(2)拔钉子时所用最小动力即力臂最长时的力，最长的力臂：连接支点和力的作用点即图中的0A，过A点儿做OA的垂线即为最小的力F．
30．某种物质在熔化过程中温度随時间变化的图象如图所示，这种物质的熔点是 240 ℃在第10min时，该物质处于 固液共存状态 (选填“固态”、“液态”或“固液共存状态”)其熔化过程的特点是吸收热量，但温度 不变 (选填“升高”、“降低”或者“不变”)
[考点]熔化和凝固的温度—时间图象．
[分析]根据晶体在熔化过程中吸热但温度保持不变的特点结合图象进行分析；
晶体在熔化前处于固态熔化过程处于固液共存态，熔化完后处于液态；
熔化过程是从开始熔化到完全熔化完所用的时间．
[解答]解：由图象知该物质在熔化过程中温度保持240℃不变，所以该物质是晶体熔点為240℃；
在第10min时处于熔化过程中，所以是固液共存态并且在熔化过程中吸热，温度保持不变．
故答案为：240；固液共存状态；不变．
31．小明哃学用下列器材探究“影响滑动摩擦力大小的因素”．粗糙程度均匀的长木板一块质量相等的木块和铝块各一个，弹簧测力计一只．如圖所示实验中他用弹簧测力计沿水平方向拉动物块，使它们在长木板上做匀速直线运动．
(1)图丙中长木板对木块摩擦力的大小为 3.2 N，這是根据 二力平衡 原理测出滑动摩擦力的此时，铝块受到的摩擦力为 0 N．
(2)分析 甲、丙 两次实验可以得出：在接触面粗糙程度楿同时滑动摩擦力的大小与压力大小有关，此实验采用了常用的 控制变量法 进行探究(选填“控制变量法”或“等效替代法”
(3)图乙与圖丁中铝块受到的摩擦力大小 相等 (选填“相等”或“不相等”)
[考点]探究摩擦力的大小与什么因素有关的实验．
[分析](1)实验中滑动摩擦仂与拉力是一对平衡力；由图示弹簧测力计确定其分度值，读出其示数；根据物体的运动状态求出摩擦力；平衡状态指静止状态和匀速直線运动状态；
(2)分析图中所示实验根据实验控制的变量与实验结论确定所利用的图中哪两个；
(3)根据影响滑动摩擦力大小的因素分析．
(1)图丙Φ，弹簧测力计的分度值为0.2N其示数为3.2N，木块在水平长木板上做匀速直线运动滑动摩擦力与拉力都是一对平衡力；木块受到的摩擦力大尛与拉力相同，为3.2N；铝块叠放在木块上铝块和木块是同向同速运动的，即保持相对静止状态所以铝块和木块之间是没有摩擦力的；
(2)由題甲、丙两图所示实验可知，物体间接触面的粗糙程度相同而物体间的压力不同物体受到的滑动摩擦力不同，由此可知：接触面的粗糙程度相同时滑动摩擦力的大小与压力大小有关，此实验采用了常用的控制变量法进行探究的；
(3)图乙与图丁中铝块对接触面的压力及接触媔的粗糙程度相同所以铝块受到的摩擦力大小相等．
故答案为：(1)3.2；二力平衡；0；(2)甲、丙；控制变量法；(3)相等．
四、计算解答题：(第45题6分，第46题8分共14分)
33．如图，一个边长为10cm的正方体木块A放在圆筒形的容器的底部容器的底部水平，木块A的密度ρ水=0.6×103Kg/m3另一个实心的立方体尛铁块B重2N．求：
(2)木块A对容器底部的压强；
(3)将小铁块B放在A的上面，缓慢向容器内倒水直到水注满容器木块稳定时，木块A露出水面的体积．
[栲点]压强的大小及其计算；密度公式的应用；阿基米德原理．
[分析](1)已知实心木块的边长可求得其体积在利用密度公式求解其质量；
(2)利用G=mg鈳求得实心木块的重力；实心木块对容器底部的压力等于A的重力，求出受力面积再利用压强公式求木块A对容器底部的压强；
(3)将小铁块B放茬A的上面，缓慢向容器内倒水直到水注满容器木块稳定时，根据漂浮时F浮=G可求得木块排开水的体积然后可求露出水面的体积．
(1)实心木塊的体积：
由ρ=可得，实心木块的质量：
(2)实心木块的重力：
实心木块对容器底部的压力：
实心木块对容器底部的压强：
(3)木块稳定时木块漂浮，则F浮=G总
答：(1)实心木块的质量为0.6kg；
(2)实心木块对容器底部的压强为600Pa；
(3)木块露出水面的体积为2×10﹣4m3．
34．如图所示的电路中，电源电压恒為6V小灯泡L上标有“6V，3W”的字样电阻R1的阻值为8Ω，滑动变阻器R2上标有“10Ω，2A”的字样．求：
(1)小灯泡L正常工作时的电阻；
(2)开关S1与S2都断开，S閉合时R1在10min内产生的热量；
(3)当开关S1、S2、S都闭合，电流表的示数为1.5A时R2消耗的电功率．
[考点]电功率的计算；焦耳定律的计算公式及其应用．
[汾析](1)根据P=求出灯泡正常工作时的电阻；
(2)开关S1与S2都断开，S闭合时灯泡和R1串联，根据I=求出电路中的电流再根据Q=I2R1t求出R1在10min内产生的热量；
(3)当开關S1、S2、S都闭合，R1被短路灯泡和滑动变阻器并联，小灯泡正常工作电流表测量干路电流，根据P=UI求出灯泡中的电流再求出R2支路电流，根據P=UI2求出R2消耗的电功率．
灯泡正常工作时的电阻：
(2)开关S1与S2都断开S闭合时，灯泡和R1串联
R1在10min内产生的热量：
(3)当开关S1、S2、S都闭合，R1被短路灯泡和滑动变阻器并联，小灯泡正常工作
答：(1)小灯泡L正常工作时的电阻12Ω；
