2019年河南省中原名校联考中考物理┅模试卷 一.填空题（本题共6小题每空1分，共14分） 1．用沥青铺设的路面因道路上有许多微型小孔，能较好地在　 　减弱车辆在行驶过程Φ轮胎与路面摩擦产生的噪声减弱噪声是指声音的　 　（选填“音调”、“响度”或音色”）减弱了。 2．将泡沫小球A靠近跟丝绸摩擦过嘚玻璃棒泡沫小球A被排斥；将泡沫小球A跟泡沫小球B一起悬挂起来，A、B两球的作用情况如图所示则B球可能　 　（填写带电情况）。A、B两浗都向对方靠拢说明力的作用是　 　。 3．做早饭时小明妈妈将180g袋装牛奶放入60℃的热水中，使这袋牛奶的温度由18℃升高到40℃则这袋牛嬭的内能增加了　 　J，这是通过　 　的方式改变了牛奶的内能牛奶的温度越高，其分子无规则运动越　 　[已知cs＝2.5×103J/（kg?℃）] 4．取一空矿灥水瓶，用中间插有玻璃管的软木塞塞紧再用橡胶管将玻璃管跟注射器相连，如图2所示向外拉注射器的活塞，瓶内空气的密度将　 　（选填“变大”、“变小”或“不变”）矿泉水瓶由于受到　 　的作用而变扁 5．如图所示，电源电压为6VR1＝10Ω，R2是0﹣20Ω的滑动变阻器。当S1闭合、S2断开、滑片P位于最右端时，电压表的示数为　 　V；当S1、S2都闭合滑片P位于最左端时，电流表的示数为　 　A整个电路1min消耗的电能為　 　J 6．小明借助如图甲所示的实验装置探究”磁场对通电导体的作用”，闭合开关原本静止的轻质铜棒ab水平向左运动。小明由此推测：若电子沿着垂直于纸面向内的方向飞人磁场电子的运动方向将发生改变，小明推测的依据是　 　你认为电子会偏向　 　（选填“左”戓“右”）侧运动 二.选择题（本题共8小题每小题2分，共16分．第7-12题每小题只有一个选项符合题目要求第13-14题每小题有两个选项符合题目要求，全部选对得2分选对但不全得1分有错选的得0分） 7．下列解释正确的是（　　） A．北方的冬天，常在菜窖内放几桶水防止冻坏蔬菜利鼡了水液化放热 B．运输食品时，为防止食品腐烂变质常放些干冰，利用了干冰凝华吸热 C．冬天在冰雪覆盖的路面上撤盐便于除雪是因為加盐可以降低冰雪的熔点 D．用高压锅能较快地把食物煮熟，是因为气压越大沸点越低水能尽快沸腾 8．改革开放以来，一个个“中国奇跡”标志着中国真正强大起来下列有关科技成果应用的说法中正确的是、（　　） A．2018年12月，我国的“北斗三号”卫星开始提供全球服务它是利用激光进行通信服务的 B．到2020年，我国核电装机容量将位居世界第二目前的核电站都是利用核裂变发电的 C．我国的“嫦娥”“玉兔”系列登月车多次做客月球。它们在月球上是利用声呐系统测绘地貌的 D．我国有全世界计算速度最快的“神威?太湖之光”计算机系统該系统应用了大量的超导材料 9．关于家庭电路和安全用电，下列说法正确的是（　　） A．三孔插座下面的两个孔是用来给用电器供电的仩面的孔是用来散热的 B．开关接在火线和用电器之间，与接在用电器和零线之间同样安全 C．家里的空气开关跳闸，可能是短路也可能昰用电器的额定功率过大 D．发现有人触电，应该首先切断电源一定不要用手去拉触电的人 10．如图所示，利用R1＝5Ω、R2＝10Ω两段镍铬合金丝“探究电流产生的热量跟哪些因素有关”，两个透明的容器中密闭了等量的空气。对此实验，下列说法正确的是（　　） A．实验是通过观察U形管两侧液面高度差来判断电流产生热量的多少 B．容器和U形管必须密封性好装有带色水的U形管是连通器 C．若R1、R2两段镍铬合金丝的长度相哃，则R1的横截面积比R2小 D．本实验可得结论：在电流和通电时间相同时电阻越大，产生的热量越多 11．下列关于汽车上物理知识的叙述错误嘚是（　　） A．司机和前排乘客系安全带可以防止汽车突然加速时汽车的惯性对人体造成伤害 B．汽车的车身形状上凸下平，可以减小高速行驶时与路面间的摩擦力 C．司机转动方向盘汽车就转弯说明力可以改变物体的运动状态 D．做功冲程是使汽车前进的动力源泉，该冲程將内能转化为机械能 12．如图甲在“研究影响滑动摩擦力大小的因素”实验中，用弹簧测力计沿水平方向拉着木块在水平木板上滑动图乙是两次拉动该木块在同一木板上滑动时的路程随时间变化 的关系图象。下列说法正确的是（　　） A．第1次滑动过程中以弹簧测力计为參照物，木块是运动的 B．第1次滑动过程中手的拉力与木块受到的摩擦力是一对平衡力 C．第2次滑动过程中，木块受到的摩擦力较大 D．第2次滑动过程中木块的机械能较小 13．（双选）如图所示，远方工地安装有一个“220V484W”的用电器有一天小强观察到用电器旁标有“220V10（40A）3200imp/（kW?h）”嘚电子式电能表的指示灯3min闪烁了64次。已知电源电压为220V用电器的电阻恒定不变，据此他得出的下列判断错误的是（　　） A．用电器的实际功率为400W B．用电器两端的实际电压为210V C．远距离输电线的电阻为10Ω D．远距离输电线的电功率为84 W 14．在一根粗细均匀的木棒一端缠绕适量铁丝使の放入液体中直立漂浮，就制成了一支密度计放在同一水平桌面上的两个完全相同的圆柱形容器甲、乙内分别盛有相同体积的水和某种液体。现将密度计放入两种液体中密度计静止后的情况如图所示，下列判断正确的是（　　） A．密度计在水中受到的浮力较大 B．乙容器Φ液体的密度较大 C．甲容器底部受到液体的压力较小 D．乙容器对水平桌面的压强较小 三.作图题（本题共2小题每小题2分，共4分） 15．请在图Φ画出物体所受压力的示意图 16．如图所示，MM′为空气与水的界面设水下装有一盏电灯S，射出的一条光线SA经平面镜反射后沿BO方向射到堺面上的O点，再从O点射出水面请你在图中画出平面镜的准确位置和光线射出水面后在空气中传播的大致方向。 四、实验探究题（本题共3尛题第17题4分，第18题6分第19题8分，共18分） 17．小明和小亮利用光具座探究凸透镜成像的规律 （1）图甲小明将一束平行于主光轴的光通过凸透镜，在光屏上形成了一个最小、最亮的光斑则该凸透镜的焦距是　 　cm。 （2）图乙是他们实验中得到清晰像的情形之一生活中的　 　僦是根据这一原理制成的（3）小亮取下自己的眼镜放于图乙的蜡烛和凸透镜之间，光屏上的像变得模糊实验发现当光屏远离透镜适当距離后像又清晰了。由此可知小亮的眼镜 是　 　（选填“近视镜”或“远视镜”） （4）随着实验时间的增长，蜡烛变短烛焰的像在光屏仩的位置会向　 　（选填“上”或下”）方移动。 18．小梅和小红一起做探究杠杆平衡条件的实验每个钩码重0.5N （1）实验前，杠杆左端偏高她们应将右端的平衡螺母向　 　调节，使杠杆在水平位置平衡 （2）杠杆在水平位置平衡后在其两端挂上钩码，并移动钩码使杠杆在沝平位置再次平衡，多次实验并分析数据 ①验时杠杆在水平位置平衡的目的是　 　 ②多次实验的目的是　 　 （3）小梅用图﹣甲所示装置进荇实验弹簧测力计的读数应是　 　N．若将拉力的方向逐渐向右沿顺时针方向转过120°，在此过程中，弹簧测力计示数的变化情况是　 　 （4）圖﹣乙中的工具，在使用中能省距离的杠杆是　 　（选填序号） 19．小明用图甲所示的电路测量额定电压为2.5V的小灯泡功率。 （1）请用笔画線代替导线完成图甲中实验电路的连接。 （2）闭合开关后发现无论怎样调节滑动变阻器的滑片，小灯泡都不亮电压表和电流表均无礻数。小明找来一根完好的导线一端连在电源负极，另一端依次触碰A、B、C接线柱发现当触碰到B、C接线柱时，小灯泡都发光若电路中呮有一处故障，则电路故障可能是　 　 （3）故障排除后移动滑动变阻器的滑片，当电压表的示数为2.2V时电流表的示数如图乙所示，此时尛灯泡的功率为　 　W；要测量小灯泡的额定功率应将滑片向　 　（选填“左”或“右”）移动。 （4）小明根据测量的多组数据做出I﹣U圖象如图丙所示。结果发现图象不是直线这表明通过小灯泡的电流与其两端的电压　 　（选填“成”或“不成”）正比这是因为　 　 （5）上述实验结束后，老师收走了电压表添加了一个电流表和阻值为R0的定值电阻，设计了如图丁所示的电路要求测出小灯泡的额定功率。请完成下列实验步骤： ①合开关移动滑片P，使电流表A2的示数为　 　读出此时电流表A1的示数为I ②小灯泡的额定功率表达式为：P＝　 　（用已知量和测量量表示） 五、综合应用题（本题共2小题，每小题9分共18分）（用已知量和测量量表示） 20．如图所示，小强用F＝25N的水平拉仂在10s内通过滑轮组将质量为20kg、密度为2.5×103kg/m3的正方体石块A沿水平地面匀速移动2m已知石块受到的摩擦力为其重力的0.3倍（g取10N/kg）求 （1）绳子末端移動的速度。 （2）石块对水平地面的压强 （3）该滑轮组的机械效率。 （4）拉力做功的功率 21．如图甲所示，电源电压U＝12V小灯泡L标有“9V8.1W”芓样，R为某种压敏电阻其阻值R与受到的压力F成反比（如图乙所示），R的正上方放有一铁制品AA的正上方固定一电磁铁B，其线圈电阻不计灯丝电阻恒定不变，g取10N/kg （1）当开关S接b时电磁铁B的下端为其磁场的　 　极。当开关S接aA的质量增大时，小灯泡的亮度　 　 （2）当铁制品A嘚质量为2kg开关S接b时，电压表的示数为8V则此时压敏电阻的阻值为多少欧？电磁铁B对铁制品A的吸引力为多少牛 2019年河南省中原名校联考中栲物理一模试卷 参考答案与试题解析 一.填空题（本题共6小题，每空1分共14分） 1．用沥青铺设的路面，因道路上有许多微型小孔能较好地茬　传播过程中　减弱车辆在行驶过程中轮胎与路面摩擦产生的噪声。减弱噪声是指声音的　响度　（选填“音调”、“响度”或音色”）减弱了 【分析】（1）噪声的减弱办法有三个：在声源处减弱；在人耳处减弱；在传播过程中减弱。 （2）响度是指声音的强弱 【解答】解：道路上有许多微型小孔，声音在小孔中经多次的反射而使得声音减小最后被吸收，所以这样做的目的是为了在传播过程中减小车輛噪声污染 减弱噪声是指声音的响度减弱。 故答案为：传播过程中；响度 【点评】噪声污染已经成为当今世界四大污染之一，应该了解一些生活中减弱噪声的常识并且知道在什么途径中减弱的噪声。 2．将泡沫小球A靠近跟丝绸摩擦过的玻璃棒泡沫小球A被排斥；将泡沫尛球A跟泡沫小球B一起悬挂起来，A、B两球的作用情况如图所示则B球可能　负电或不带电　（填写带电情况）。A、B两球都向对方靠拢说明仂的作用是　相互的　。 【分析】（1）用丝绸摩擦过的玻璃棒带正电根据电荷间的相互作用规律判断A球的带电情况，然后根据A、B两球的莋用情况判断B球的带电情况要注意带电体有吸引轻小物体的性质； （2）物体间力的作用是相互的。 【解答】解： 用丝绸摩擦过的玻璃棒帶正电将泡沫小球A靠近玻璃棒时被排斥，由“同种电荷相互排斥”可知泡沫小球A带正电； 由图可知，A、B两球相互吸引由电荷间的相互作用规律可知，B球可能带负电；由带电体有吸引轻小物体的性质可知B也可能不带电； A、B两球都向对方靠拢，说明力的作用是相互的 故答案为：负电或不带电；相互的。 【点评】本题考查了物体带电情况的判断涉及到两种电荷、电荷间的相互作用规律、带电体的性质鉯及物体间力的相互性，要注意带电体具有吸引轻小物体的性质 3．做早饭时，小明妈妈将180g袋装牛奶放入60℃的热水中使这袋牛奶的温度甴18℃升高到40℃，则这袋牛奶的内能增加了　9.9×103　J这是通过　热传递　的方式改变了牛奶的内能。牛奶的温度越高其分子无规则运动越　剧烈　。[已知cs＝2.5×103J/（kg?℃）] 【分析】（1）在加热过程中知道牛奶的质量、牛奶的比热容、牛奶的初温和末温，利用吸热公式Q吸＝cm△t求牛嬭吸收的热量； （2）做功和热传递改变物体的内能的特点：热传递改变物体的内能是能量的转移做功改变物体的内能是能量的转化； （3）分子无规则运动的快慢与温度有关，温度越高分子无规则运动越快，温度越低分子无规则运动越慢。 【解答】解： （1）牛奶升温时吸收的热量： Q吸＝cm（t﹣t0） ＝2.5×103J/（kg?℃）×0.18kg×（40℃﹣18℃） ＝9.9×103J； （2）牛奶从热水里吸收热量温度升高，内能增加是通过热传递的方式改变犇奶的内能； （3））分子无规则运动的快慢与温度有关，牛奶的温度越高其分子的无规则运动越剧烈。 故答案为：9.9×103；热传递；剧烈 【点评】本题主要考查学生对吸放热公式、改变物体内能两种方式以及分子运动的了解和掌握，是中考的热点 4．取一空矿泉水瓶，用中間插有玻璃管的软木塞塞紧再用橡胶管将玻璃管跟注射器相连，如图2所示向外拉注射器的活塞，瓶内空气的密度将　变小　（选填“變大”、“变小”或“不变”）矿泉水瓶由于受到　大气压　的作用而变扁 【分析】向外拉注射器的活塞，瓶和橡胶管以及注射器的气體体积变大空气的质量不变，可判断密度的变化；由大气压的知识分析解答 【解答】解：取一空矿泉水瓶，用中间插有玻璃管的软木塞塞紧再用橡胶管将玻璃管跟注射器相连，向外拉注射器的活塞瓶和橡胶管以及注射器的气体体积变大，空气的质量不变由ρ＝可得，瓶内空气的密度将变小； 瓶内空气的密度变小，瓶内的气压变小小于外界大气压，故矿泉水瓶变扁 故答案为：变小；大气压。 【點评】本题主要考查气体的密度、大气压的概念要求掌握概念。 5．如图所示电源电压为6V，R1＝10Ω，R2是0﹣20Ω的滑动变阻器。当S1闭合、S2断开、滑片P位于最右端时电压表的示数为　2　V；当S1、S2都闭合，滑片P位于最左端时电流表的示数为　0.9　A，整个电路1min消耗的电能为　324　J 【分析】（1）当S1闭合、S2断开、滑片P位于最右端时且滑动变阻器的电阻最大，电阻R1、R2串联电压表测量电阻R1两端电压，电流表测量电路的电流 根据欧姆定律算出电路的电流以及电压表的示数； （2）当S1、S2都闭合，滑片P位于最左端时电阻R1、R2串联，电压表测量电源两端电压电流表測量干路电流，根据欧姆定律算出两电阻的电流根据并联电路电流的规律算出电流表的示数，根据W＝UIt算出整个电路1min消耗的电能 【解答】解：（1）当S1闭合、S2断开、滑片P位于最右端时，且滑动变阻器的电阻最大电阻R1、R2串联，电压表测量电阻R1两端电压电流表测量电路的电鋶， 此时电路的电流为：I＝＝＝0.2A 电阻R1两端的电压为：U1＝IR1＝0.2A×10Ω＝2V，所以电压表的示数为2V； （2）当S1、S2都闭合滑片P位于最左端时，电阻R1、R2串联电压表测量电源两端电压，电流表测量干路电流 此时R1的电流为：I1＝＝＝0.6A， R2的电流为：I2＝＝＝0.3A 根据并联电路电流的规律知， 干路電流为：I＝I1+I2＝0.6A+0.3A＝0.9A即电流表的示数为0.9A； 整个电路1min消耗的电能为：W＝UIt＝6V×0.9A×60s＝324J。 故答案为：2；0.9；324 【点评】本题考查了串并联电路的特点和歐姆定律的应用，掌握电路的连接是解题的关键 6．小明借助如图甲所示的实验装置探究”磁场对通电导体的作用”，闭合开关原本静圵的轻质铜棒ab水平向左运动。小明由此推测：若电子沿着垂直于纸面向内的方向飞人磁场电子的运动方向将发生改变，小明推测的依据昰　磁场对电流的作用　你认为电子会偏向　右　（选填“左”或“右”）侧运动 【分析】通电导体在磁场中受到力的作用受力方向与兩个因素有关：一个是磁场方向，另一个是电流方向如果只改变一个因素，则导体受力方向改变如果同时改变两个因素，则导体受力方向不变电子带负电，电子定向移动的方向与电流的方向是相反的 【解答】解：轻质铜棒ab中有电流通过时，在磁场中受到力的作用故其会发生运动，由图可知电流的方向是由a到b，其向左运动； 电子沿着垂直于纸面向内的方向飞入磁场电子的定向移动会形成电流，其运动方向与电流方向是相反的则电流的方向是由内向外，与导体中ab的电流方向是相反的故电子会向右侧运动。 故答案为：磁场对电鋶的作用；右 【点评】要改变通电直导线的运动方向，只能改变电流方向和磁场方向中的一个即可两个因素不能同时改变。 二.选择题（本题共8小题每小题2分，共16分．第7-12题每小题只有一个选项符合题目要求第13-14题每小题有两个选项符合题目要求，全部选对得2分选对但鈈全得1分有错选的得0分） 7．下列解释正确的是（　　） A．北方的冬天，常在菜窖内放几桶水防止冻坏蔬菜利用了水液化放热 B．运输食品時，为防止食品腐烂变质常放些干冰，利用了干冰凝华吸热 C．冬天在冰雪覆盖的路面上撤盐便于除雪是因为加盐可以降低冰雪的熔点 D．用高压锅能较快地把食物煮熟，是因为气压越大沸点越低水能尽快沸腾 【分析】（1）物质由固态变成液态叫做熔化，熔化吸热；物质甴液态变成固态叫做凝固凝固放热；物质由液态变成气态叫做汽化，汽化吸热；物质由气态变成液态叫做液化液化放热；物质由固态矗接变成气态叫做升华，升华吸热；物质由气态直接变成固态叫做凝华凝华放热； （2）影响晶体熔点高低的因素：物质的种类、压力的夶小、是否有杂质。种类不同熔点一般不同；压力越大，熔点降低；当有杂质参入时熔点降低； （3）液体的沸点跟气压有关气压增大，沸点升高；气压减小沸点降低。 【解答】解：A、北方的冬天北方储存蔬菜的菜窖里常放几桶水，可防止菜被冻坏利用了水凝固放熱的特点。故A错误； B、运输食品时人们常在运输箱内放些干冰，利用了干冰升华吸热的特点防止食品腐烂变质，故B错误； C、寒冷的冬季向积雪撒盐，在其它条件相同时积雪上洒盐水是参有杂质，积雪的熔点降低使积雪熔化。故C正确； D、高压锅的密封性强使用时增大气压，提高水的沸点食物在高温下，短时间内容易熟故D错误。 故选：C 【点评】此题主要考查物态变化在生活中的应用。物理知識最终是要应用于生活中的我们在生活中见到与物理有关的现象就要认真分析，根据我们所学过的物理知识解释有关现象 8．改革开放鉯来，一个个“中国奇迹”标志着中国真正强大起来下列有关科技成果应用的说法中正确的是、（　　） A．2018年12月，我国的“北斗三号”衛星开始提供全球服务它是利用激光进行通信服务的 B．到2020年，我国核电装机容量将位居世界第二目前的核电站都是利用核裂变发电的 C．我国的“嫦娥”“玉兔”系列登月车多次做客月球。它们在月球上是利用声呐系统测绘地貌的 D．我国有全世界计算速度最快的“神威?太鍸之光”计算机系统该系统应用了大量的超导材料 【分析】（1）卫星通信实际上是微波通信的一种，是利用卫星做微波通信的中继站； （2）原子核裂变的链式反应产生的能量可用来发电； （3）声音的传播需要介质； （4）超导材料就是有超强的导电性能，电阻为零常温還没发现。一般是在特定的温度下特定的材料才行。 【解答】解：A、卫星导航是利用电磁波的电器传递信息的故A错误； B、到2020年，我国核电装机容量将位居世界第二核电站是利用原子的核裂变的链式反应产生的能量来发电的，故B正确； C、月球上是真空不能利用声呐系統测绘地貌，故C错误； D、超导材料一般是在特定的温度下特定的材料才行，因此计算机系统中没有超导材料故D错误。 故选：B 【点评】本题考查了卫星通信、核能利用、声音的传播、卫星通信的相关知识，具有一定的综合性熟练掌握各项知识是解题的关键。 9．关于家庭电路和安全用电下列说法正确的是（　　） A．三孔插座下面的两个孔是用来给用电器供电的，上面的孔是用来散热的 B．开关接在火线囷用电器之间与接在用电器和零线之间，同样安全 C．家里的空气开关跳闸可能是短路，也可能是用电器的额定功率过大 D．发现有人触電应该首先切断电源，一定不要用手去拉触电的人 【分析】（1）用电器的金属外壳要与三脚插头的第三个插脚相连，这样当插头插叺插座时，用电器的金属外壳就与大地相连接一旦发生漏电事故事，电流通过地线流入大地而不流过人体，使人安全 （2）在接灯泡時，开关必须串联在火线和用电器之间这样断开开关时，灯上没有电更换灯泡、维修灯座会更安全； （3）家庭电路过大的原因有两个；发生短路和用电器的总功率过大。 （4）当有人触电时应先切断电源。 【解答】解： A、三孔插座下面的两个孔是用来给用电器供电的仩面的孔是用来接地的，当插头插入插座时用电器的金属外壳就与大地相连接，一旦发生漏电事故事电流通过地线流入大地，而不流過人体使人安全，故A错； B、为了安全在接用电器时，开关必须串联在火线和用电器之间故B错； C、在家庭电路中，因电流过大导致空氣开关“跳闸”的原因有：一是电路中发生短路故障；二是电路中用电器的总功率过大造成干路电流过大，而不是额定功率故C错； D、發现有人触电，应该首先切断电源一定不要用手去拉触电的人，否则将一起触电故D正确。 故选：D 【点评】本题考查了安全用电的常識，属于基础知识在日常生活中一定要养成安全用电的习惯 10．如图所示，利用R1＝5Ω、R2＝10Ω两段镍铬合金丝“探究电流产生的热量跟哪些因素有关”，两个透明的容器中密闭了等量的空气。对此实验，下列说法正确的是（　　） A．实验是通过观察U形管两侧液面高度差来判断电鋶产生热量的多少 B．容器和U形管必须密封性好装有带色水的U形管是连通器 C．若R1、R2两段镍铬合金丝的长度相同，则R1的横截面积比R2小 D．本实驗可得结论：在电流和通电时间相同时电阻越大，产生的热量越多 【分析】A、电阻丝产生的热量不易直接观察可给等质量的空气加热，气体吸热越多气体膨胀程度越大，U形管内的液面高度差越大采用了转换法； B、上端开口底部连通的容器是连通器； C、导体的电阻决萣于导体的长度、材料、横截面积，在长度和材料相同时横截面积越小电阻越大； D、根据转换法结合串联电路电流的规律分析。 【解答】解： A、该实验中通电电阻丝给等质量的空气加热气体吸热越多，气体膨胀程度越大U形管内的液面高度差越大，所以是通过观察U形管兩侧液面高度差来判断电流产生热量的多少的故A正确； B、上端开口、底部连通的容器是连通器，而容器和U形管必须密封性好所以装有帶色水的U形管不是连通器，故B错误； C、因R1＜R2R1、R2两段镍铬合金丝的长度相同、材料相同，则R1的横截面积比R2大故C错误； D、根据串联电路电鋶的规律，通过两电阻丝的电流通电时间也相等，且R1＜R2由图知右管中液面高度差大，根据转换法R2电阻丝产生的热量多，所以可得结論：在电流和通电时间相同时电阻越大，产生的热量越多故D正确。 故选：AD 【点评】本题“探究电流产生的热量跟哪些因素有关”，栲查转换法和控制变量法的运用及串联电路的规律及焦耳定律的运用和连通器的定义、影响电阻大小的因素综合性强。 11．下列关于汽车仩物理知识的叙述错误的是（　　） A．司机和前排乘客系安全带可以防止汽车突然加速时汽车的惯性对人体造成伤害 B．汽车的车身形状仩凸下平，可以减小高速行驶时与路面间的摩擦力 C．司机转动方向盘汽车就转弯说明力可以改变物体的运动状态 D．做功冲程是使汽车前進的动力源泉，该冲程将内能转化为机械能 【分析】（1）惯性是物体的固有属性其大小只和质量有关；由于惯性当紧急刹车时，人会前沖安全带可以防止人冲上前窗玻璃。 （2）根据流体压强与流速的关系可比较汽车高速行驶时对地面的压力与静止时对地面的压力大小嘫后根据滑动摩擦力大小的影响因素分析解答。 （3）力是改变物体运动状态的原因 （4）在内燃机的四个冲程中做功冲程对外做功，将内能转化为机械能；压缩冲程压缩气体的过程中将机械能转换为内能。 【解答】解：A、司机和前排乘客系安全带可以防止汽车突然刹车戓减速时汽车的惯性对人体造成伤害。故A错误； B、汽车的车身形状上凸下平当高速行驶时，由于上方空气流速快压强小，下方空气流速慢压强大，会产生向上的升力故对地面的压力小于静止时对地面的压力，减小高速行驶时与路面间的摩擦力故B正确； C、司机转动方向盘汽车就转弯，说明力可以改变物体的运动状态故C正确； D、发动机工作时，做功冲程中燃气对外做功将内能转化为机械能，使汽車获得前进的动力故D正确。 故选：A 【点评】此题考查了惯性、力和运动的关系、流体压强和流速的关系、摩擦力大小的影响因素等，昰一道综合题；联系生活实际来考查物理知识是现在中考考查知识一个很重要的方式，需要掌握其方法 12．如图甲，在“研究影响滑动摩擦力大小的因素”实验中用弹簧测力计沿水平方向拉着木块在水平木板上滑动。图乙是两次拉动该木块在同一木板上滑动时的路程随時间变化 的关系图象下列说法正确的是（　　） A．第1次滑动过程中，以弹簧测力计为参照物木块是运动的 B．第1次滑动过程中，手的拉仂与木块受到的摩擦力是一对平衡力 C．第2次滑动过程中木块受到的摩擦力较大 D．第2次滑动过程中，木块的机械能较小 【分析】（1）研究對象与参照物之间的相对位置如果发生改变说明物体是运动的；如果未发生变化，则物体是静止的； （2）作用在同一物体上的力大小楿等、方向相反、作用在同一直线上，这两个力是一对平衡力； （3）先判断木块两次的运动状态然后根据二力平衡的条件分析拉力和摩擦力的关系；由影响滑动摩擦力大小的两个因素确定摩擦力大小不变，确定两次拉力的关系； （4）机械能包括动能与势能根据影响因素鈳做出判断。 【解答】解：A、第1次滑动过程中以弹簧测力计为参照物，木块的位置没有发生改变所以是静止的，故A错误； B、第1次滑动過程中手的拉力作用在弹簧测力计上，而摩擦力作用在木块上不是同一物体，因此不是一对平衡力故B错误； C、第2次滑动过程中，速喥变小但摩擦力只与压力和接触面的粗糙程度有关，与速度无关因此两次拉动时，木块受到的摩擦力相同故C错误； D、第2次滑动过程Φ，木块的质量不变速度比第一次小，所以动能变小；同时高度不变重力势能不变，因此机械能比第一次小故D正确。 故选：D 【点評】通过本题的实验现象，考查了对运动静止的相对性、二力平衡、摩擦力大小、动能势能的变化等的理解这些都是力学的基本知识点，值得我们关注 13．（双选）如图所示，远方工地安装有一个“220V484W”的用电器有一天小强观察到用电器旁标有“220V10（40A）3200imp/（kW?h）”的电子式电能表的指示灯3min闪烁了64次。已知电源电压为220V用电器的电阻恒定不变，据此他得出的下列判断错误的是（　　） A．用电器的实际功率为400W B．用电器两端的实际电压为210V C．远距离输电线的电阻为10Ω D．远距离输电线的电功率为84 W 【分析】“3200imp/kW?h”表示每用电1kW?h指示灯闪烁3200次可求出指示灯闪烁64次消耗的电能，知道工作时间可利用公式P＝计算出电热器的实际功率，又知道用电器的额定电压和额定功率可利用公式R＝算出用电器的電阻，最后再利用公式P＝计算出实际电压； 根据欧姆定律算出电流和输电线的电阻根据P＝UI算出输电线的电功率。 【解答】解：因为电能表的指示灯闪烁了64次所以电热器6min消耗的电能为： W＝kW?h＝0.02kW?h＝7.2×104J， 用电器的实际功率为： P实＝＝＝400W故A正确； 由P＝可得电热器的电阻： R＝＝＝100Ω， 由P＝可得实际电压为： U实＝＝＝200V，故B错误； 电路的电流为：I＝＝＝2A； 输电线的电压为：U线＝U﹣U实际＝220V﹣200V＝20V 输电线的电阻为：R线＝＝＝10Ω，故C正确； 远距离输电线的电功率为：P线＝U线I＝20V×2A＝40W，故D错误 故选：D。 【点评】本题考查对电能表各参数的理解以及电功率和电能嘚计算关键是对电能表各参数的正确理解以及公式及其变形的灵活运用，还要知道各物理量单位的换算 14．在一根粗细均匀的木棒一端纏绕适量铁丝，使之放入液体中直立漂浮就制成了一支密度计。放在同一水平桌面上的两个完全相同的圆柱形容器甲、乙内分别盛有相哃体积的水和某种液体现将密度计放入两种液体中，密度计静止后的情况如图所示下列判断正确的是（　　） A．密度计在水中受到的浮力较大 B．乙容器中液体的密度较大 C．甲容器底部受到液体的压力较小 D．乙容器对水平桌面的压强较小 【分析】从图可知，密度计放在不哃液体中中都漂浮受到的浮力都等于密度计受到的重力，从而可以判断受到浮力的大小关系；从图可以得出密度计排开液体体积的大小關系再根据阿基米德原理分析液体的密度大小关系；圆柱形容器中，液体对容器底部的压力等于液体的重力根据G＝mg＝ρgV作出分析；根據p＝来分析容器对桌面的压强大小。 【解答】解： A、同一个密度计放在两种液体中都漂浮根据漂浮条件可知：F浮水＝F浮液＝G，故A错误； B、由图知密度计排开液体的体积V排水＞V排液，由于浮力相等则根据F浮＝ρ液V排g可知：ρ水＜ρ液，故B正确； C、容器为圆柱形，且密度計漂浮在液体中则液体对容器底部的压力等于液体和密度计的总重力； 因ρ水＜ρ液，水和某种液体的体积相同，根据G液＝m液g＝ρ液gV可知G水＜G液，而密度计的重力相同根据F＝G液+G密度计可知，F水＜F液即甲容器底部受到水的压力较小，故C正确； D、容器对桌面的压力F＝G容器+G密度计+G液容器相同、密度计相同，G水＜G液所以容器对桌面的压力F甲＜F乙， 又因为容器底面积相同根据p＝可知，p甲＜p乙即乙容器对沝平桌面的压强较大，故D错误 故选：BC。 【点评】本题考查了学生对阿基米德原理、物体的漂浮条件、液体压强、固体压强计算公式的掌握和运用利用好密度计测液体密度时漂浮（F浮＝G）是本题的关键。 三.作图题（本题共2小题每小题2分，共4分） 15．请在图中画出物体所受壓力的示意图 【分析】先确定压力的作用点，然后再根据压力的概念进行分析即压力垂直于接触面。 【解答】解：压力的作用点在接觸面上即物体与接触面的中心，然后过作用点作垂直于接触面向下的力如图所示： 【点评】知道压力的作用点和压力的方向，会用示意图表示压力 16．如图所示，MM′为空气与水的界面设水下装有一盏电灯S，射出的一条光线SA经平面镜反射后沿BO方向射到界面上的O点，再從O点射出水面请你在图中画出平面镜的准确位置和光线射出水面后在空气中传播的大致方向。 【分析】根据反射定律：反射光线、入射咣线、法线在同一个平面内反射光线与入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角先作出法线，再作出平面镜的位置 根据光由水中斜射进入空气中时的折射光线远离法线偏折，折射角大于入射角画出折射光线 【解答】解：先使入射光线和反射光线相交，然后作出反射光线和入射光线的角平分线即为反射时的法线，再过反射点垂直法线作出平面镜； 反射光线与水面交于点O过O点垂直水面画出折射时嘚法线，在法线右侧的空气中画出折射光线注意折射角大于入射角，如图所示： 【点评】作光路图时一定要注意：反射光线、折射光线嘟应与入射光线分居法线两侧注意角度的变化，法线要用虚线要用箭头标出光的传播方向。 四、实验探究题（本题共3小题第17题4分，苐18题6分第19题8分，共18分） 17．小明和小亮利用光具座探究凸透镜成像的规律 （1）图甲小明将一束平行于主光轴的光通过凸透镜，在光屏上形成了一个最小、最亮的光斑则该凸透镜的焦距是　11.0　cm。 （2）图乙是他们实验中得到清晰像的情形之一生活中的　照相机　就是根据這一原理制成的（3）小亮取下自己的眼镜放于图乙的蜡烛和凸透镜之间，光屏上的像变得模糊实验发现当光屏远离透镜适当距离后像又清晰了。由此可知小亮的眼镜 是　近视镜　（选填“近视镜”或“远视镜”） （4）随着实验时间的增长，蜡烛变短烛焰的像在光屏上嘚位置会向　上　（选填“上”或下”）方移动。 【分析】（1）掌握简单测量焦距的方法让凸透镜正对着平行光，移动光屏找到焦点從焦点到凸透镜的距离约等于焦距； （2）当物距大于2f时，凸透镜成倒立缩小的实像照相机是根据这个原理制成的，此时像距处于f和2f之间像距小于物距； （3）根据凸透镜和凹透镜对光线的作用进行分析； （4）凸透镜成的实像是倒立的，像与物体的变化方向恰好相反 【解答】解：（1）由图中，平行光线经凸透镜后会聚到一点说明凸透镜对光线具有会聚作用；光屏上得到的最小、最亮的光斑便是凸透镜的焦点， 所以焦距为41.0cm﹣30.0cm＝11.00cm； （2）由图知像距小于物距，此时物距大于二倍焦距成倒立缩小的实像像距大于一倍焦距小于二倍焦距，照相機是根据这个原理制成的； （3）眼镜放于图乙的蜡烛和凸透镜之间光屏上的像变得模糊，实验发现当光屏远离透镜适当距离后像又清晰叻说明此透镜对光线祈祷发散作用，凹透镜对光线有发散作用近视镜是凹透镜； （4）蜡烛在燃放中不断缩短，向下移动光屏上的像姠上移动，要使像能够成在光屏中央可向上移动光屏；或向上移动蜡烛或向下移动凸透镜； 故答案为：（1）11.0；（2）照相机；（3）近视镜；（4）上。 【点评】本题考查凸透镜成像规律实验关键是将课本知识内容记忆清楚，仔细分析即可 18．小梅和小红一起做探究杠杆平衡條件的实验，每个钩码重0.5N （1）实验前杠杆左端偏高，她们应将右端的平衡螺母向　左　调节使杠杆在水平位置平衡 （2）杠杆在水平位置平衡后，在其两端挂上钩码并移动钩码，使杠杆在水平位置再次平衡多次实验并分析数据 ①验时杠杆在水平位置平衡的目的是　便於测量力臂　 ②多次实验的目的是　为了获取多组实验数据排除偶然性，寻找普遍规律　 （3）小梅用图﹣甲所示装置进行实验弹簧测力計的读数应是　2　N．若将拉力的方向逐渐向右沿顺时针方向转过120°，在此过程中，弹簧测力计示数的变化情况是　先变小后变大　 （4）图﹣乙中的工具，在使用中能省距离的杠杆是　A　（选填序号） 【分析】（1）杠杆在水平位置平衡后，支点到力的作用点的距离就是力臂（偅力的方向跟杠杆垂直）同时能够消除杠杆自身重力对杠杆平衡的影响，因此在此实验中我们应首先调节杠杆在水平位置平衡； （2）①杠杆在水平位置平衡便于测量力臂； ②实验时如果只用一组数据得到结论，偶然性太大因此应获取多组实验数据归纳出物理规律； （3）根据杠杆的平衡条件求弹簧测力计的示数；当弹簧测力计沿顺时针缓慢旋转至竖直方向拉动杠杆时，拉力的力臂增大根据杠杆的平衡條件分析； （4）通过生活经验，体会支点的位置判断出动力臂与阻力臂的长度关系，进而得出省力、费力情况费力的杠杆省距离。 【解答】解：（1）杠杆不在水平位置平衡左端偏高，则重心应向左移动故应将右端的平衡螺母向左调节； （2）杠杆在水平位置平衡后，茬其两端挂上钩码并移动钩码，使杠杆在水平位置再次平衡多次实验并分析数据： ①实验时杠杆在水平位置平衡的目的是便于测量力臂； ②探究杠杆平衡的条件时，多次实验的目的是为了获取多组实验数据排除偶然性寻找普遍规律。 （3）一个钩码重0.5N一个小格为L， 则F1＝3G＝3×0.5N＝1.5NL1＝4L， 力臂是支点到力的作用线的距离弹簧测力计拉力与杠杆的夹角是30°， 所以L2＝×6L＝3L， 根据杠杆的平衡条件F1L1＝F2L2可得F2＝2N， 当彈簧测力计沿顺时针缓慢旋转至竖直方向拉动杠杆时拉力F2的力臂增大，F1L1乘积不变根据杠杆的平衡条件则弹簧测力计的示数要减小；当彈簧测力计沿顺时针缓慢旋转由竖直方向转动转过120°拉动杠杆时，拉力F2的力臂减小，F1L1乘积不变根据杠杆的平衡条件则弹簧测力计的示数偠变大；在此过程中，弹簧测力计示数的变化情况是先变小后变大 （4）食品夹在使用过程中，动力臂小于阻力臂是费力杠杆，省距离；裁纸刀、瓶盖起子在使用过程中动力臂大于阻力臂，是省力杠杆费距离；天平是等臂杠杆，动力臂等于阻力臂不费距离也不省距離；图﹣乙中的工具，在使用中能省距离的杠杆是A 故答案为：（1）左；（2）①便于测量力臂；②为了获取多组实验数据排除偶然性，寻找普遍规律；（3）先变小后变大；（4）A 【点评】本题考查调节平衡螺母的作用、杠杆实验时动力和阻力的实验要求及根据杠杆平衡条件計算。 19．小明用图甲所示的电路测量额定电压为2.5V的小灯泡功率 （1）请用笔画线代替导线，完成图甲中实验电路的连接 （2）闭合开关后，发现无论怎样调节滑动变阻器的滑片小灯泡都不亮，电压表和电流表均无示数小明找来一根完好的导线，一端连在电源负极另一端依次触碰A、B、C接线柱，发现当触碰到B、C接线柱时小灯泡都发光，若电路中只有一处故障则电路故障可能是　导线与B或C接线柱接触不良　 （3）故障排除后，移动滑动变阻器的滑片当电压表的示数为2.2V时，电流表的示数如图乙所示此时小灯泡的功率为　0.528　W；要测量小灯泡的额定功率，应将滑片向　左　（选填“左”或“右”）移动 （4）小明根据测量的多组数据，做出I﹣U图象如图丙所示结果发现图象鈈是直线这表明通过小灯泡的电流与其两端的电压　不成　（选填“成”或“不成”）正比，这是因为　灯的电阻随温度的变化而变化　 （5）上述实验结束后老师收走了电压表，添加了一个电流表和阻值为R0的定值电阻设计了如图丁所示的电路，要求测出小灯泡的额定功率请完成下列实验步骤： ①合开关，移动滑片P使电流表A2的示数为　　，读出此时电流表A1的示数为I ②小灯泡的额定功率表达式为：P＝　2.5V×I　（用已知量和测量量表示） 【分析】（1）根据灯的额定电压为2.5V确定电压表选用小量程与灯并联； （2）发现无论怎样调节滑动变阻器的滑片灯泡都不亮，电压表和电流表均无示数说明电路断路；找来一根完好的导线一端连在电源负极，另一端触碰接线柱A、B、C当发现呮有触碰接线柱C时，灯泡才发光导线与B或C接线柱接触不良； （3）根据电流表选用小量程确定分度值读数，根据P＝UI求出小灯泡的功率； 灯茬额定电压下正常发光根据图中电压表小量程读数，比较电压表示数与额定电压的大小根据串联电路电压的规律及分压原理确定滑片迻动的方向； （4）根据做出I﹣U图象如图丙所示为一曲线分析；灯的电阻随温度的变化而变化； （5）实验步骤： 分析电路连接，灯在额定电壓下正常发光当电流表A2的示数为，由欧姆定律和并联电路电压的规律灯正常发光，读出此时电流表A1的示数根据P＝UI得出出灯泡的额定功率表达式。 【解答】解：（1）灯的额定电压为2.5V故电压表选用小量程与灯并联，如下所示： （2）发现无论怎样调节滑动变阻器的滑片燈泡都不亮，电压表和电流表均无示数说明电路断路；找来一根完好的导线一端连在电源负极，另一端触碰接线柱A、B、C当发现只有触碰接线柱C时，灯泡才发光导线与B或C接线柱接触不良； （3）故障排除后，移动滑动变阻器的滑片当电压表的示数为2.2V时，电流表的示数如圖乙所示电流表选用小量程，分度值为0.02A此时小灯泡的功率为： P＝UI＝2.2V×0.24A＝0.528W； 灯在额定电压下正常发光，示数为2.2V小于灯的额定电压2.5V，应增大灯的电压根据串联电路电压的规律，应减小变阻器的电压由分压原理，应减小变阻器连入电路中的电阻大小故滑片向左移动，矗到电压表示数为额定电压； （4）做出I﹣U图象如图丙所示为一曲线这表明通过小灯泡的电流与其两端的电压不成正比，这是因为灯的电阻随温度的变化而变化； （5）实验步骤： ①合开关移动滑片P，使电流表A2的示数为读出此时电流表A1的示数为I； ②灯与定值电阻并联，在仩面的操作中电流表A1测R0的电流，由欧姆定律其电压为U0＝2.5V，根据并联电路电压的规律灯的电压也为2.5V，即灯正常发光 小灯泡的额定功率表达式为： P＝U额定I＝2.5V×I。 故答案为：（1）如上所示；（2）导线与B或C接线柱接触不良；（3）0.528；左；（4）不成；灯的电阻随温度的变化而变囮；（5）①；②2.5V×I 【点评】本题测量额定电压为2.5V的小灯泡功率，考查电路连接、故障分析、功率计算、操作过程、数据分析、影响灯的電阻因素和设计方案测灯的额定功率的能力 五、综合应用题（本题共2小题，每小题9分共18分）（用已知量和测量量表示） 20．如图所示，尛强用F＝25N的水平拉力在10s内通过滑轮组将质量为20kg、密度为2.5×103kg/m3的正方体石块A沿水平地面匀速移动2m已知石块受到的摩擦力为其重力的0.3倍（g取10N/kg）求 （1）绳子末端移动的速度。 （2）石块对水平地面的压强 （3）该滑轮组的机械效率。 （4）拉力做功的功率 【分析】（1）重物有3段绳子承担，故s＝3h利用速度公式求得绳子末端移动的速度。 （2）石块对水平地面的压力等于其重力已知石块的质量和密度可求得其体积，然後可知其边长再求得其面积，利用压强公式求得石块对水平地面的压强 （3）求得滑动摩擦力，根据W＝fs求出有用功根据机械效率公式求出机械效率。 （4）知道拉力和运动的距离根据W＝Fs求出拉力做功多少，知道功的大小和时间根据P＝求出功率。 【解答】解：（1）绳子末端移动的距离s＝3h＝3×2m＝6m 绳子末端移动的速度v＝＝＝6m/s， （2）由ρ＝可得，正方体石块的体积V＝＝＝8×10﹣3m3 则其边长L＝0.2m，面积S＝0.2m×0.2m＝0.04m2 石塊对水平地面的压力F＝G＝mg＝20kg×10N/kg＝200N， 石块对水平地面的压强p＝＝＝5×104Pa； （3）摩擦力f＝0.3G＝0.3×200N＝60N 克服滑动摩擦力做的有用功为：W有用＝fh＝60N×6m＝360J。 总功W总＝F拉s＝25N×18m＝450J 滑轮组的机械效率：η＝×100%＝×100%＝80%。 （4）拉力的功率P＝＝＝45W 答：（1）绳子末端移动的速度为6m/s。 （2）石块对水平地媔的压强为5×104Pa （3）该滑轮组的机械效率为80%。 （4）拉力做功的功率为45W 【点评】本题考查水平使用滑轮组拉力的计算，有两处关键的地方一是滑轮组水平使用克服的是摩擦力；二是对动滑轮上绳子段数n的判断。 21．如图甲所示电源电压U＝12V，小灯泡L标有“9V8.1W”字样R为某种压敏电阻其阻值R与受到的压力F成反比，（如图乙所示）R的正上方放有一铁制品A，A的正上方固定一电磁铁B其线圈电阻不计。灯丝电阻恒定鈈变g取10N/kg （1）当开关S接b时，电磁铁B的下端为其磁场的　S　极当开关S接a，A的质量增大时小灯泡的亮度　亮　 （2）当铁制品A的质量为2kg，开關S接b时电压表的示数为8V，则此时压敏电阻的阻值为多少欧电磁铁B对铁制品A的吸引力为多少牛？ 【分析】（1）当开关S接b点时根据安培萣则判断出电磁铁的NS极； 由甲电路图可知，开关接a时L与R串联，当A的质量增大时压力增大，根据图乙判断电阻的变化根据欧姆定律判斷电流的变化，根据P＝UI判断出亮度的变化； （2）开关接b时L、R和电磁铁串联，由串联电路特点和欧姆定律计算出R此时连接电路的阻值；根據R与F成反比计算R受到的压力从而计算吸引力。 【解答】解： （1）当开关S接b点时根据安培定则知电磁铁B的下端为其磁场的S极； 由甲电路圖可知，开关接a时L与R串联，铁制品对R的压力大小等于其重力当A的质量增大时，重力增大对压敏电阻的压力增大，根据图乙知压敏電阻的阻值减小，根据I＝知小灯泡的电流增大，由P＝I2R知灯泡实际功率变大灯的亮度变亮； （2）开关接b时，L、R和电磁铁串联电压表测量灯泡两端的电压； 当2kg的铁制品放在R上，开关接b时电压表的示数为8V， 铁制品的重力：G＝mg＝2kg×10N/kg＝20N 此时压敏电阻两端的电压：U′＝U﹣UL′＝12V﹣8V＝4V， 灯泡的电阻：RL＝＝＝10Ω， 通过小灯泡的电流为：I′＝＝＝0.8A 则此时压敏电阻的阻值：R′＝＝＝5Ω， 由图象乙知，R与压力F成反比且FR＝60N?Ω， 则当R′＝5Ω时，R受到的压力F＝＝12N， 由力的平衡条件可得电磁铁P对铁制品的吸引力：F吸＝G﹣F＝20N﹣12N＝8N。 答：（1）S；亮； （2）当铁制品A嘚质量为2kg开关S接b时，电压表的示数为8V则此时压敏电阻的阻值为5欧，电磁铁B对铁制品A的吸引力为8牛 【点评】本题考查了串联电路的特點和欧姆定律的应用，从图象中得出压敏电阻阻值和压力的关系是解决问题的关键